2016福建理综答案

篇一：福建省2016年4月质检理综化学试题及答案

2016年福建省普通高中毕业班质量检查

理综试卷 化学试题

7．中国丝绸有五千年的历史和文化。古代染坊常用某种“碱剂”来精炼丝绸，该“碱剂”的主要成分是一种盐，能促进蚕丝表层的丝胶蛋白杂质水解而除去，使丝绸颜色洁白、质感柔软、色泽光亮。这种“碱剂”可能是

A．食盐 B．火碱 C．草木灰D．胆矾

8．茅台酒中存在少量具有凤梨香味的物质X，其结构如右下图所示。下列说法正确的是

A．X难溶于乙醇

B．酒中的少量丁酸能抑制X的水解

C．分子式为 C4H8O2且官能团与X相同的物质有5种

D．X完全燃烧后生成CO2和H2O的物质的量比为1∶2

9．W是由短周期元素X、Y、Z组成的盐。X、Y、Z原子的最外层电子数依次增大，Z原子最外层电子数是内层电子数的3倍；X、Y原子最外层电子数之和等于Z原子的最外层电子数；Y、Z同周期且相邻，但与X不同周期。下列说法一定正确的是

A．三种元素的最高正化合价中，Z的最大

B．W溶液显碱性或中性

C．原子半径：X＞Y＞Z

D．Y的最高价氧化物对应的水化物是强酸

10．一定条件下，实验室利用右图所示装置，通过测电压求算

Ksp(AgCl)。工作一段时间后，两电极质量均增大。下列说法

错误的是．．

A．该装置工作时化学能转化为电能

B．左池中的银电极作正极

C．总反应为Ag+(aq) ＋ Cl?(aq)

D．盐桥中的K+向右池方向移动

11．室温下，0.1 mol·L?1 NaHCO3溶液的pH = 8.31，有关该溶液的判断正确的是

A．c(Na+) > c(OH?) > c(HCO3?) > c(CO32?) > c(H+)

B．Ka1(H2CO3)· Ka2(H2CO3) < Kw

C．c(H+) + c(Na+) = c(OH?) + c(HCO3?) + c(CO32?)

D．加入适量NaOH溶液后：c(Na+) = c(H2CO3) + c(HCO3?) + c(CO32?)

12．用下图所示装置进行实验，能得出相应实验结论的是

AgCl(s)

甲乙

13．加热HCOONa固体，发生的反应有：

2HCOONa == Na2C2O4+H2↑ ① △

2HCOONa == Na2CO3 +H2↑+CO2↑ ② △

Na2C2O4 == Na2CO3 + CO ↑ ③ △

HCOONa加热分解时，固体失重率与温度的关系如下图所示。下列说法正确的是

A．T＜415℃时，只有反应①发生

B．反应①、②不可能同时发生

C．570℃＜T＜600℃时，残留固体的主要成分是Na2CO3

D．残留固体中m(Na2C2O4) = m( Na2CO3)时，反应①、②的反应速率相等

26. （14分）

CuCl晶体呈白色，熔点为430℃，沸点为1490℃，见光分解，露置于潮湿空气中易被氧化，难溶于水、稀盐酸、乙醇，易溶于浓盐酸生成H3CuCl4，反应的化学方程式为CuCl(s) + 3HCl(aq) ? H3CuCl4(aq)。

（1）实验室用下图所示装置制取CuCl，反应原理为：

2Cu2+ + SO2 + 8Cl? + 2H2O == 2CuCl43? + SO42? + 4H+

CuCl43?(aq) ? CuCl(s) + 3Cl?(aq)

① 装置C的作用是 。

② 装置B中反应结束后，取出混合物进行如下图所示操作，得到CuCl晶体。

操作ⅱ的主要目的是 ；操作ⅳ中宜选用的试剂是。

③ 实验室保存新制CuCl晶体的方法是。

④ 欲提纯某混有铜粉的CuCl晶体，请简述实验方案。

（2）某同学利用如下图所示装置，测定高炉煤气中CO、CO2、N2和O2的百分组成。

已知：i. CuCl的盐酸溶液能吸收CO形成Cu(CO)Cl·H2O。

ii.保险粉（Na2S2O4）和KOH的混合溶液能吸收氧气。

① D、F洗气瓶中宜盛放的试剂分别是 、 。

② 写出保险粉和KOH的混合溶液吸收O2的离子方程式：。

27. （14分）

以某菱锰矿（含MnCO3、SiO2、FeCO3和少量Al2O3等）为原料通过以下方法可获得碳酸锰粗产品。

（已知：Ksp(MnCO3) = 2.2×10?11，Ksp[Mn(OH)2] = 1.9×10?13，Ksp[Al(OH)3] = 1.3×10?33）

（1）滤渣1中，含铁元素的物质主要是 （填化学式，下同）；加NaOH调节溶液的pH约为5，如果pH过大，可能导致滤渣1中 含量减少。

（2）滤液2中，+1价阳离子除了H+外还有 （填离子符号）。

（3）取“沉锰”前溶液a mL于锥形瓶中，加入少量AgNO3溶液（作催化剂）和过量的

1.5%(NH4)2S2O8溶液，加热，Mn2+被氧化为MnO4?，反应一段时间后再煮沸5min[除去过量的(NH4)2S2O8]，冷却至室温。选用适宜的指示剂，用b mol·L?1 的(NH4)2Fe(SO4)标准溶液滴定至终点，消耗(NH4)2Fe(SO4)2标准溶液V mL。

① Mn2+与(NH4)2S2O8反应的还原产物为 （填化学式）。

② “沉锰”前溶液中c(Mn2+L?1（列出表达式）。

（4）其他条件不变，“沉锰”过程中锰元素回收率与NH4HCO3初始浓度（c0）、反应时间的关系如下图所示。

① NH4HCO3初始浓度越大，锰元素回收率越 （填“高”或“低”），简述原因 。 ② 若溶液中c(Mn2+) = 1.0 mol·L?1，加入等体积1.8 mol·L?1 NH4HCO3溶液进行反应，计算20 ~ 40 min内v(Mn2+。

28．（15分）

乙二醛（OHC—CHO）是一种重要的精细化工产品。

Ⅰ. 工业生产乙二醛

（1）乙醛（CH3CHO）液相硝酸氧化法

在Cu(NO3)2催化下，用稀硝酸氧化乙醛制取乙二醛，反应的化学方程式为。该法具有原料易得、反应条件温和等优点，但也存在比较明显的缺点是 （2）乙二醇（HOCH2CH2OH）气相氧化法

① 已知：OHC—CHO(g) +2H2(g) HOCH2CH2OH(g) △H＝?78kJ·mol?1 K1 2H2(g) + O2(g) 2H2O(g)△H＝?484kJ·mol?1 K2

乙二醇气相氧化反应HOCH2CH2OH(g) +O2(g)

△H＝kJ·mol。相同温度下，该反应的化学平?1 。 OHC—CHO(g) + 2H2O(g)的衡常数K＝ （用含K1、K2的代数式表示）。

② 当原料气中氧醇比为1.35时，乙二醛和副产物CO2的产率与反应温度的关系如下图所示。反应温度在450~495℃之间和超过495℃时，乙二醛产率降低的主要原因分别是、。

Ⅱ. 乙二醛电解氧化制备乙醛酸（OHC—COOH）的生产装置如下图所示，通电后，阳极产生的Cl2与乙二醛溶液反应生成乙醛酸。

（3）阴极反应式为 。

（4）阳极液中盐酸的作用，除了产生氯气外，还有 。

（5）保持电流强度为a A，电解t min，制得乙醛酸m g，列式表示该装置在本次电解中的电流效率η= 。

（设：法拉第常数为f C?mol?1；η=生成目标产物消耗的电子数?100%） 电极上通过的电子总数

36．[化学——选修2：化学与技术]（15分）（略）

篇二：2016年全国理综一卷含答案(Ⅰ卷)

绝密★启封并使用完毕前

2016年普通高等学校招生全国统一考试(Ⅰ卷)

理科综合能力测试(物理部分)

（河南、河北、山西、江西、湖北、湖南、广东、安徽、福建、山东）

第Ⅰ卷（选择题共126分）

二、选择题：本大题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第14~17题只有一项是符合题目要求，第18~21题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分。有选错的得0分。 14．一平行板电容器两极板之间充满云母介质，接在恒压直流电源上，若将云母介质移出，则电容器 A．极板上的电荷量变大，极板间的电场强度变大 B．极板上的电荷量变小，极板间的电场强度变大 C．极板上的电荷量变大，极板间的电场强度不变 D．极板上的电荷量变小，极板间的电场强度不变 【答案】D 【解析】由

C?

4πkd可知，当云母介质抽出时，?r变小，电容器的电容C变小；因为电容器接在恒压直流

?rS

电源上，故U不变，根据Q?CU可知，当C减小时，Q减小。再由度E不变，正确选项：D 【考点】电容器的基本计算。

E?

U

d，由于U与d都不变，故电场强

15．现代质谱仪可用来分析比质子重很多的离子，其示意图如图所示，其中加速电压恒定。质子在入口处从静止开始被加速电场加速，经匀强磁场偏转后从出口离开磁场。若某种一价正离子在入口处从静止开始被同一加速电场加速，为使它经匀强磁场偏转后仍从同一出口离开磁场，需将磁感应强度增加到原来的12倍。此离子和质子的质量比约为

A．11 B．12 C．121D．144 【答案】D

【解析】设质子的质量数和电荷数分别为m1、q1，一价正离子的质量数和电荷数为m2、q2，对于任意粒子，1

v?qU?mv2?

① 2在加速电场中，由动能定理得：故：

在磁场中应满足

v2

qvB?m

r

②

由题意，由于两种粒子从同一入口垂直进入磁场，从同一出口垂直离开磁场，故在磁场中做匀速圆

r?

周运动的半径应相同．由①②

式联立求解得匀速圆周运动的半径r1B21

?r2B11

由于加速电压不变，

故

q1?q2，可得其中B2?12B1，

m11

?m2144

故一价正离子与质子的质量比约为144

【考点】带电粒子在电场、磁场中的运动、质谱仪。

16．一含有理想变压器的电路如图所示，图中电阻R1，R2和R3的阻值分别为3Ω ，1Ω ，4Ω ，○A为理想交流电流表，U为正弦交流电压源，输出电压的有效值恒定。当开关S断开时，电流表的示数为I；当S闭合时，电流表的示数为4I．该变压器原、副线圈匝数比为 A．2 B．3C．4 D．5 【答案】B

【解析】解法一：当S断开时，电路如右图所示

由闭合电路欧姆定律，原线圈两端电压U1?U?IR1 得

U1?U?3I

①

②

③

U1n1

?Un2 2根据变压器原副边电压关系：

I2?

U2U

?2

R2?R35

2

副线圈中的电流：

联立①②③得：

?n1?U?3I???

5I?n2? ④

当S闭合时，电路如右图所示

由闭合电路欧姆定律，原线圈两端电压U1＇=U?4I?R1 得

U1＇=U?12I

⑤ ⑥ ⑦

U1＇n1?U＇n2 2根据变压器原副边电压关系：

I2＇=

2

副线圈中的电流得：

U2＇U2＇

?R21

联立⑤⑥⑦得

?n1?U?12I???

4I?n2? ⑧

n1

?3n2

联立④⑧解得

解法二：设开关S断开前后，变压器的等效电阻为R和R?，由于变压器输入功率与输出功率相同，

R?RI

I2?R?()2?(R2?R3)R?223

S闭合前：nn，得

S闭合后：

① ②

(4I)2?R'?(

R24I2

R??2)?R2

n n，得

UR1?RUR1?R?

根据闭合电路欧姆定律：

S闭合前：

I?

③ ④

S闭合后：

4I?

R21

3?

2?2=1R?R54R1?2233?nn根据以上各式得：

R1?

解得，n?3

【考点】变压器的计算

【难点】由于原边回路有电阻，原线圈两端电压不等于电源电压

17．利用三颗位置适当的地球同步卫星，可使地球赤道上任意两点之间保持无线电通讯，目前地球同步卫星的轨道半径为地球半径的6.6倍，假设地球的自转周期变小，若仍仅用三颗同步卫星来实现上述目的，则地球自转周期的最小值约为

A．1h B．4hC．8hD．16h

【答案】B

Mm4π2

G2?mr2

T可

【解析】地球自转周期变小，卫星要与地球保持同步，则卫星的公转周期也应随之变小，由r

T?

得

的，则卫星周期最小时，由数学几何关系可作右图。

由几何关系得，卫星的轨道半径为

r?

R

?2R

sin30?

①

r13r23

?22T由开普勒第三定律1T2，代入题中数据，得

(6.6R)3r3

?2

242T2

卫星

卫星

由①②解得T2?4h

②

【考点】卫星运行规律；开普勒第三定律的应用。 【难点】做出最小周期时的卫星空间关系图

18．一质点做匀速直线运动，现对其施加一恒力，且原来作用在质点上的力不发生改变，则 A．质点速度的方向总是与该恒力的方向相同 B．质点速度的方向不可能总是与该恒力的方向垂直 C．质点加速度的方向总是与该恒力的方向相同 D．质点单位时间内速率的变化量总是不变 【答案】BC

【解析】质点一开始做匀速直线运动，处于平衡状态，施加恒力后，则该质点的合外力为该恒力。若该恒力方向与质点原运动方向不共线，则质点做曲线运动，质点速度方向时刻与恒力方向不同，A错误；若F的方向某一时刻与质点运动方向垂直，之后质点作曲线运动，力与运动方向夹角会发生变化，例如平抛运动，B正确；由牛顿第二定律可知，质点加速度方向与其所受合外力方向相同，C正确；根据加速度的定义，相等时间内速度变化量相同，速率变化量不一定相同，D错误。 【考点】牛顿运动定律；力和运动的关系；加速度的定义。 【易错点】B选项易错误地以―匀速圆周运动‖作为反例来推翻结论 19．如图，一光滑的轻滑轮用细绳OO'悬挂于O点；另一细绳跨过滑轮，

其一端悬挂物块a，另一端系一位于水平粗糙桌面上的物块b．外力F向右上方拉b，整个系统处于静止状态。若F方向不变，大小在一定范围内变化，物块b仍始终保持静止，则 A．绳OO'的张力也在一定范围内变化

B．物块b所受到的支持力也在一定范围内变化 C．连接a和b的绳的张力也在一定范围内变化 D．物块b与桌面间的摩擦力也在一定范围内变化 【答案】BD

【解析】由题意，在F保持方向不变，大小发生变化的过程中，物体a、b均保持静止，各绳角度保持不变；选a受力分析得，绳的拉力T?mag，所以物体a受到绳的拉力保持不变。由滑轮性质，滑轮两侧绳的拉力相等，所以b

方向均保持不变，

C选项错误； a、b所以OO?的张力不变，A选项错误；对b进行受力分析，并将各力沿水平方向和竖直方向分解，如图所示。由受力平衡得：Tx?f?Fx，

Fy?N?Ty?mbg。当FT和mbg始终不变，

支持力在一定范围内变化，B选项正确；摩擦力也在一定范围内发生变化，D选项正确。

【考点】考查动态平衡分析、力的正交分解和力的平衡方程。

20．如图，一带负电荷的油滴在匀强电场中运动，其轨迹在竖直平面（纸面）内，且相对于过轨迹最低点P的竖直线对称。忽略空气阻力。由此可知 A．Q点的电势比P点高

B．油滴在Q点的动能比它在P点的大 C．油滴在Q点的电势能比它在P点的大 D．油滴在Q点的加速度大小比它在P点的小 【答案】AB

【解析】由于匀强电场中的电场力和重力都是恒力，所以合外力为恒力，加速度恒定不变，所以D选项错。由于油滴轨迹相对于过P的竖直线对称且合外力总是指向轨迹弯曲内侧，所以油滴所受合外力沿竖直方向，电场力竖直向上。当油滴得从P点运动到Q时，电场力做正功，电势能减小，C选项错误；油滴带负电，电势能减小，电势增加，所以Q点电势高于P点电势，A选项正确；在油滴从P点运动到Q的过程中，合外力做正功，动能增加，所以Q点动能大于P点，B选项正确；所以选AB。

【考点】带电粒子在复合场中运动、曲线运动中物体受力特点、带电粒子电场力做功与电势能的关系、电势能变化与电势变化的关系。

21．甲、乙两车在平直公路上同向行驶，其v-t图像如图所示。已知两车在t=3s时并排行驶，则

A．在t=1s时，甲车在乙车后 B．在t=0时，甲车在乙车前7.5m C．两车另一次并排行驶的时刻是t=2s

D．甲、乙两车两次并排行驶的位置之间沿公路方向的距离为40m 【答案】BD

【解析】甲、乙都沿正方向运动。t?3s时并排行驶，

v甲=30m/s

，v乙=25m/s，由v?t图可知：0~3s内位移

11

x甲=?3?30m=45mx乙=?3??10+25?m=52.5m?x?x?x=7.5m22，．故t?0时，甲乙相距1乙甲，即甲在乙前11

x甲?=?1?10m=5mx乙?=?1??10+15?m=12.5m?x?x??x?=7.5m

乙甲22方7.5m，B正确。0~1s内，，，2，说明

甲、乙初相遇。A、C错误。乙两次相遇地点之间的距离为

【考点】v?t图的解读和位移的计算、追击相遇问题。 【难点】根据位移判断两车在不同时刻的位置关系。

x?x甲?x甲?=45m?5m=40m

，所以D正确；

第II卷（非选择题共174分）

三、非选择题：包括必考题和选考题两部分。

题~第32题为必考题，每个试题考生都做答。第33题~第40题为选考题，考生要求做答。

（一）必考题（共129分）

22．(5分)某同学用图（a）所示的实验装置验证机械能守恒定律，其中打点计时器的电源为交流电源，可以使用的频率有20Hz、30Hz和40Hz，打出纸带的一部分如图（b）所示。

第22必须根据

该同学在实验中没有记录交流电的频率f，需要用实验数据和其他条件进行推算。

（1）若从打出的纸带可判定重物匀加速下落，利用f和图（b）中给出的物理量可以写出：在打点计时器打出B点时，重物下落的速度大小为_________，打出C点时重物下落的速度大小为________，重物下落的加速度的大小为________．

（2）已测得s1=8.89cm，s2=9.50cm，s3=10.10cm；当重力加速度大小为9.80m/s，试验中重物受到的平均阻力大小约为其重力的1%。由此推算出f为________Hz．

2

f2ff

(S3?S1)(S1?S2)(S2?S3)

【答案】⑴2，2，2；⑵40

【解析】⑴由于重物匀加速下落，A、B、C、D各相邻点之间时间间隔相同，因此B点应是从A运动到C的过程的中间时刻，由匀变速直线运动的推论可得： B点的速度vB等于AC段的平均速度，即

t?

1

f

vB?

S1?S2

2t

由于，故vC?

vB?

f

(S1?S2)2

同理可得

f

(S2?

S3)2

篇三：2016福建省普通高中毕业班质量检查理科综合能力测试含参考答案word

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